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分析：

交流发电机产生电动势的最大值E_m=nBSω，根据Φ-t图线得出周期T以及磁通量的最大值Φ=BS．从而求出感应电动势的最大值；交流电压表的示数为有效值，求出电动势的有效值，根据闭合电路欧姆定律求出电压表的示数．

解答：

解：交流发电机产生电动势的最大值

E_m=nBSω

而Φ_m=BS，ω=$\frac {2π}{T}$，

所以E_m=$\frac {2nπΦ_m}{T}$

由Φ-t图线可知：Φ_m=2.0×10_Wb，

T=6.28×10_s

所以E_m=200V．

电动势的有效值E=$\frac {$\sqrt {2}$}{2}$E_m=100$\sqrt {2}$V

由闭合电路的欧姆定律，电路小电流的有效值为I=$\frac {E}{R+r}$=$\sqrt {2}$A

交流电压表的示数为U=IR=90$\sqrt {2}$V=127V．

故答案为：200V，127V．

点评：

解决本题的关键知道正弦式交流电峰值的表达式E_m=nBSω，以及知道峰值与有效值的关系．

分析：

根据电压瞬时值的表达式求解电压的最大值和周期，然后根据U=$\frac {U_m}{$\sqrt {2}$}$求解电压的有效值，最后根据P=$\frac {U}{R}$求解电功率．

解答：

解：交变电压u=20sin50πt(V)，故最大电压为20V，角频率为50πrad/s；

周期为：T=$\frac {2π}{ω}$=$\frac {2π}{50π}$=0.04s

电压的有效值为：U=$\frac {U_m}{$\sqrt {2}$}$=$\frac {20}{$\sqrt {2}$}$=10$\sqrt {2}$V

故电功率为：P=$\frac {U}{R}$=$\frac {(10$\sqrt {2}$)}{10}$=20W

故答案为：0.04s，20W．

点评：

本题关键是要能够从电压的瞬时值表达式出发求解电压的最大值、周期、有效值、频率，基础题．

分析：

当变压器铁芯中的磁通量发生变化时，在副线圈中才能产生电动势，而变压器不能改变直流电压．

解答：

解：变压器的工作原理是互感现象，不能改变恒定电流的电压，所以在副线圈中没有电压，示数为零．

故答案为：0．

点评：

本题考查了变压器的变压原理，本题容易错误的根据变压比公式列式求，记住不能简单的套用公式．

分析：

对11只并联的“36V，60w”的灯泡供电时，灯泡正常发光．说明副线圈电压为36V，副线圈功率为11×60W=660W，根据电压与匝数成正比，可以求得副线圈的匝数，根据变压器的输入的功率和输出的功率相等可以求得原线圈Ⅰ中的电流强度I$_1$．

解答：

解：(1)由11只并联的“36V，60w”的灯泡供电时，灯泡正常发光，可知：

U$_2$=36V；P$_2$=660W

根据$\frac {U$_1$}{U$_2$}$=$\frac {n$_1$}{n$_2$}$得：n$_2$=$\frac {U$_2$n$_1$}{U$_1$}$=$\frac {36×550}{220}$=90

(2)根据P=UI得：I$_1$=$\frac {P$_1$}{U$_1$}$=$\frac {P$_2$}{U$_1$}$=$\frac {660}{220}$A=3A

故答案为：90，3．

点评：

理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率．

分析：

升压变压器的原副线圈匝数之比等于原副线圈电压值比；

根据输电线上的功率损失，结合输电线的电流求出输电线上损失的电压，即可求的输电线路上的电阻．

解答：

解：(1)根据　　　$\frac {U}{U}$=$\frac {n$_1$}{n$_2$}$得

$\frac {n$_1$}{n$_2$}$=$\frac {U}{U}$=$\frac {18000}{500000}$=$\frac {9}{250}$

(2)输入功率为 　P=IU

输电线上损失功率为P_损=I_R

又 P_损=5% P

联立解得　R=2.8(Ω)

答：(1)发电站的升压变压器原、副线圈的匝数比为9：250；

(2)输电线路的总电阻R为2.8Ω．

点评：

解决本题的关键知道：1、原副线圈电压之比与匝数之比的关系；2、升压变压器的输出电压、降压变压器的输入电压以及电压损失的关系．