如图所示,金属棒MN的质量m=5.0×10_kg放在宽度为L=1.0m的两根水平放置的相互平行的导电轨道末端,导电轨道距离地面高h=0.8m,并处于竖直向上的磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中,另外,图中电源的电动势ε=16V,电容器的电容C=200μF,先将开关K倒向1,当电容器充电结束后将开关倒向2,金属棒突然向右水平运动,已知下落过程中MN沿水平方向运动距离S=8cm,则此时电容器剩余的电压为V.(g取10m•s_)
分析:
金属棒下落过程做平抛运动,由平抛运动的规律求出棒获得的初速度.对开关闭合过程,对棒运用动量定理,求得通过棒的电量,得到棒剩余的电量,即可求解.
解答:
解:对于金属棒平抛运动的过程,有:
h=$\frac {1}{2}$gt_,得 t=$\sqrt {}$=$\sqrt {}$=0.4s
平抛运动的初速度 v_0=$\frac {S}{t}$=$\frac {0.08}{0.4}$=0.2m/s
对开关闭合过程,对棒运用动量定理得:
BIL•△t=mv_0
又 q=I△t
解得通过棒的电量 q=$\frac {mv}{BL}$=$\frac {5×10_×0.2}{0.5×1}$C=2×10_C
电容器原来的电量 Q=Cɛ=2×10_×16C=3.2×10_C
则开关闭合后,电容器剩余电量 q′=Q-q=1.2×10_C
剩余的电压 U=$\frac {q′}{C}$=$\frac {1.2×10}{2×10}$V=6V
答:此时电容器剩余的电压是6 V.
点评:
本题的难点是运用动量定理求解通过棒的电量,此短暂过程,不能根据牛顿第二定律求解.
如图所示,质量为m的金属棒,电阻为R,搁在光滑导轨的右端,导轨间距为L,距离地面高度为h,处于大小为B,方向竖直向上的匀强磁场中,并接有电动势为E的电池和,当将开关K从位置1拨至位置2时,金属棒被抛出的水平距离为s,则流过金属棒的电量为( )
分析:
对于放电过程,运用动量定理和电量公式△q=I△t求解电容器所放的电量.
解答:
解:金属棒平抛运动过程,有:
h=$\frac {1}{2}$gt_
s=v_0t
对于放电过程,由动量定理,有:
BLI△t=mv_0
又△q=I△t
解得电容器的放电量为△q=$\frac {ms}{BL}$$\sqrt {}$
所以选D.
点评:
此题考查动量定理、运动学公式与安培力公式相综合来解电量,并掌握C=$\frac {Q}{U}$.
如图所示,表面光滑的平行金属导轨P、Q水平放置,左端与一电动势为E,内阻为r的电源连接,导轨间距为d,电阻不计,导轨上放有两根质量均为m的细棒,棒I为导体,接入电路的电阻为R,棒II为绝缘体,两棒之间用一轻杆相连.导轨所在空间有垂直导轨平面竖直向上的匀强磁场,磁感应强度大小为B.(导轨足够长,且不考虑电磁辐射.)从闭合开关S到两棒速度达到v的过程中,电源消耗的总能量是( )
分析:
从闭合开关S到两棒速度达到v的过程中,运用动量定理求解通过棒I的电荷量q.电源消耗的总能量为E_能=qE.
解答:
解:对棒I、棒II整体,由动量定理得:BI′dt=2mvq=I′t
∴q=$\frac {2mv}{Bd}$.
电源消耗的总能量为:E_能=qE=$\frac {2mvE}{Bd}$,所以选B.
点评:
本题是电磁感应与电路知识、力学知识的综合,运用动量定理求电量是常用的方法.