在2010年温哥华冬奥会上,首次参赛的中国女子冰壶队喜获铜牌,如图为中国队员投掷冰壶的镜头.在某次投掷中,冰壶运动一段时间后以0.4m/s的速度与对方的静止冰壶发生正碰,碰后对方的冰壶以0.25m/s的速度向前滑行.若两冰壶质量相等,规定向前运动的方向为正方向,则碰后中国队冰壶获得的速度为( )
分析:
两冰壶在碰撞的过程中动量守恒,根据动量守恒定律求出碰后中国队冰壶获得的速度.
解答:
解:两冰壶碰撞的过程中动量守恒,规定向前运动方向为正方向,根据动量守恒定律有:
mv$_1$=mv$_2$+mv$_3$
代入数据得,m×0.4=m×0.25+mv$_3$,
解得v$_3$=0.15m/s.故C正确,A、B、D错误.
故选:C.
点评:
本题考查动量守恒定律的基本运用,运动动量守恒定律解题,关键注意速度的方向,知道动量守恒定律表达式的矢量性.
甲、乙两名滑冰运动员沿同一直线相向运动,速度大小分别为3m/s和1m/s,迎面碰撞后(正碰),甲、乙两人反向运动,速度大小均为2m/s,则甲、乙两人质量之比为( )
分析:
碰撞过程系统动量守恒,应用动量守恒定律可以求出质量之比.
解答:
解:两人碰撞过程系统动量守恒,以甲的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
m_甲v_甲+m_乙v_乙′=m_甲v_甲′+m_乙v_乙′,
即:m_甲×3+m_乙×(-1)=m_甲×(-2)+m_乙×2,
解得:m_甲:m_乙=3:5,故C正确;
故选:C.
点评:
本题考查了求质量之比,应用动量守恒定律即可正确解题,解题时要注意正方向的选择,注意各人的速度方向.
甲、乙两物体沿同一直线相向运动,甲物体的速度大小是6m/s,乙物体的速度大小是2m/s.碰撞后两物体都沿各自原方向的反方向运动,速度大小都是4m/s.则甲、乙两物体的质量之比是( )
分析:
甲乙两物体在碰撞的过程中动量守恒,选取一个正方向,根据动量守恒定律求出甲乙两物体的质量之比.
解答:
解:选取甲开始时速度的方向为正方向,由动量守恒定律得,m$_1$v$_1$-m$_2$v$_2$=m$_2$v$_2$′-m$_1$v$_1$′
代入数据解得:$\frac {m$_1$}{m$_2$}$$\frac {v$_2$+v$_2$′}{v$_1$+v$_1$′}$$\frac {2+4}{6+4}$$\frac {3}{5}$.
所以选项D正确,选项ABC错误.
故选:D.
点评:
解决本题的关键掌握动量守恒定律,在运用动量守恒定律解题时注意速度的方向.
甲、乙两物体在光滑水平地面上沿一直线相向而行,甲质量为6kg,速度大小为8m/s,乙质量为4kg,速度大小为6m/s,它们的总动量大小为kgm/s.两者碰撞后,甲沿原方向运动,速度大小为2m/s,则乙的速度大小为m/s.
分析:
取甲物体的速度方向为正方向,分别表示出两物体的动量,即可求出总动量.碰撞过程遵守动量守恒,求出乙物体的速度大小.
解答:
解:取甲物体的速度方向为正方向,
甲乙的总动量大小为P=m_甲v_甲-m_乙v_乙=6×8-4×6=24(kgm/s).
根据动量守恒得
P=m_甲v_甲′+m_乙v_乙′,
解得,v_乙′=3m/s
故答案为:24;3
点评:
对于碰撞的基本规律是动量守恒,注意规定正方向列出守恒等式,难度不大,属于基础题.
(多选)如图所示,质量为M的小车,上面站着一个质量为m的人,以v_0的速度在光滑的水平面上前进.现在人用相对于小车为u的速度水平向后跳出去,车速增加△v,则下列的计算式正确的是( )
分析:
人从车上跳下的过程中,人与车组成的系统动量守恒,由动量守恒定律可以分析答题.
解答:
解:以初速度方向为正方向,以地面为参考系,
由题意知,人跳下车后,车的速度v=v_0+△v,
人向后跳下车时相对于车的速度为u,则人对地的速度v′=v_0+△v-u,
由动量守恒定律得:(M+m)v_0=M(v_0+△v)+m(v_0+△v-u),
整理可得:0=M△v-m(u-△v),(M+m)△v=mu,故AB错误,CD正确;
故选CD.
点评:
运动动量守恒定律时,一定要注意所有的速度都是相对于同一个参考系,因此该题的难点是人对地的速度为多大.
(多选)如图所示,质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动,有一轻弹簧固定其上,另一质量也为m的物块乙以4m/s的速度与甲相向运动.则( )
分析:
根据动量守恒的条件:系统所受的合外力为零判断动量是否守恒.竖直方向上甲乙两物体所受的重力与水平面的支持力平衡.水平方向系统不受外力.当两物块相距最近时速度相同,根据动量守恒定律求出物块甲的速率.物块甲的速率为1m/s时,速度方向可能与原来方向相同,也与原来方向相反,由动量守恒研究乙的速率.若物块甲的速率为5m/s,由动量守恒求出乙的速率,根据系统的机械能是否守恒判断速率为5m/s是否可能.
解答:
解:A、甲、乙两物块(包括弹簧)组成的系统在弹簧压缩过程中,系统所受的合外力为零,系统动量守恒,故A正确;
B、当两物块相距最近时速度相同,取碰撞前乙的速度方向为正方向,设共同速率为v,由动量守恒定律得:
mv_乙-mv_甲=2mv,
代入数据解得:v=0.5m/s,故B错误.
C、甲、乙组成的系统动量守恒,若物块甲的速率为1m/s,方向与原来相同,由动量守恒定律得:mv_乙-mv_甲=-mv_甲′+m_乙v_乙′,
代入数据解得:v_乙′=2m/s;
若物块甲的速率为1m/s,方向与原来相反,由动量守恒定律得:mv_乙-mv_甲=mv_甲′+m_乙v_乙′,
代入数据解得:v_乙′=0,故C正确.
D、若物块甲的速率达到5m/s,方向与原来相同,则:mv_乙-mv_甲=-mv_甲′+m_乙v_乙′,
代入数据代入解得:v_乙′=6m/s.
两个物体的速率都增大,动能都增大,违反了能量守恒定律.若物块甲的速率达到5m/s,方向与原来相反,则:mv_乙-mv_甲=mv_甲′+m_乙v_乙′,
代入数据解得:v_乙′=-4m/s,可以,碰撞后,乙的动能不变,甲的动能增加,系统总动能增加,违反了能量守恒定律.所以物块甲的速率不可能达到5m/s,故D错误.
故选:AC.
点评:
本题考查了含弹簧的碰撞问题,处理该类问题,往往应用动量守恒定律与机械能守恒定律分析解题.分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键,应用动量守恒定律即可正确解题;当两物体速度相等时,弹簧被压到最短,此时弹力最大.