质量为m、速度为v的A球跟质量为3m的静止B球发生正碰.碰撞可能是弹性的,也可能是非弹性的,因此,碰撞后B球的速度可能有不同的值.碰撞后B球的速度大小可能是( )
分析:
碰撞过程遵守动量守恒,根据B的速度,由此定律得到A的速度,根据碰撞总动能不增加,分析是否可能.
解答:
解:选项1-、若vB=0.6v,由动量守恒得:mv=mvA+3m•0.6v,得vA=-0.8v,碰撞前系统的总动能为Ek=$\frac {1}{2}$mv².碰撞后系统的总动能为Ek′=$\frac {1}{2}$mvA²+$\frac {1}{2}$•3mvB²>$\frac {1}{2}$mv²,违反了能量守恒定律,不可能.故选项1-错误.
选项2-、若vB=0.4v,由动量守恒得:mv=mvA+3m•0.4v,得vA=-0.2v,碰撞前系统的总动能为Ek=$\frac {1}{2}$mv².碰撞后系统的总动能为Ek′=$\frac {1}{2}$mvA²+$\frac {1}{2}$•3mvB²<$\frac {1}{2}$mv²,不违反了能量守恒定律,是可能的.故选项2-正确.
选项3-、A、B发生完全非弹性碰撞,则有:mv=(m+3m)vB,vB=0.25v,这时B获得的速度最小,所以vB=0.2v,是不可能的.故选项3-错误.
选项4-、若vB=v,由动量守恒得:mv=mvA+3m•vB,得vA=-2v,碰撞后系统的总动能必定大于碰撞前系统的总动能,违反了能量守恒定律,不可能.故选项4-错误.故选:选项2-
点评:
本题抓住碰撞过程的两个基本规律:系统的动量守恒、总动能不增加进行判断.
质量为M的物块以速度V运动,与质量为m的静止物块发生正撞,碰撞后两者的动量正好相等,两者质量之比M/m可能为( )
分析:
两物块发生正撞时动量守恒,又碰撞后两者的动量正好相等,求出质量为m的物块与初速V之间的关系,再结合碰撞时,机械能不能增加,即可求解.
解答:
解:碰撞时动量守恒,故Mv=mv$_1$+Mv$_2$
又两者动量相等
mv$_1$=Mv$_2$ ①
则 v$_2$=$\frac {v}{2}$
又碰撞时,机械能不能增加,则有:
$\frac {1}{2}$Mv_≥$\frac {1}{2}$mv$_1$_+$\frac {1}{2}$Mv$_2$_ ②
由①②化简整理得$\frac {M}{m}$≤3
故答案选A.
点评:
本题考查的是动量定律得直接应用,注意碰撞时,机械能不能增加,难度适中,属于中档题.
(多选)在光滑的水平面上,一质量为M的小球A以动量P向右运动,与静止的质量为m的小球B发生碰撞,A、B球的大小一样,且M=3m.则碰撞后A球的动量大小可能为( )
分析:
AB碰撞过程中动量守恒,根据动量守恒定律列式,分情况进行讨论,注意动量的方向以及碰撞过程中能量不能增加.
解答:
解:规定以A的速度方向为正方向,因为A的质量大于B的质量,所以碰撞后A的速度方向不变,且B球的速度大于A球速度,AB碰撞过程中动量守恒,设A球初速度为v,根据动量守恒定律得:
P=Mv$_1$+mv$_2$=3mv$_1$+mv$_2$
即3mv=3mv$_1$+mv$_2$
A、当Mv$_1$=$\frac {P}{4}$时,B的动量为$\frac {3P}{4}$,所以v$_1$=$\frac {P}{12m}$,v$_2$=$\frac {3P}{4m}$,碰撞前能量为:$\frac {1}{2}$M($\frac {P}{M}$)_=$\frac {P}{6m}$,而碰撞后的B的能量为:$\frac {1}{2}$m($\frac {3P}{4m}$)_=$\frac {9P}{32m}$,B的能量大于初时刻的能量,所以碰后的能量大于碰前的能量,故A错误;
B、当Mv$_1$=$\frac {P}{2}$时,B的动量为$\frac {P}{2}$,所以v$_1$=$\frac {P}{6m}$,v$_2$=$\frac {P}{2m}$,碰撞前能量为:$\frac {1}{2}$M($\frac {P}{M}$)_=$\frac {P}{6m}$,而碰撞后的总能量为:$\frac {1}{2}$M($\frac {P}{2M}$)_+$\frac {1}{2}$m($\frac {P}{2m}$)_=$\frac {P}{6m}$,等于处时刻的能量,故B正确;
C、当Mv$_1$=$\frac {3P}{4}$时,B的动量为$\frac {P}{4}$,所以v$_1$=$\frac {P}{4m}$,v$_2$=$\frac {P}{4m}$,碰撞前能量为:$\frac {1}{2}$M($\frac {P}{M}$)_=$\frac {P}{6m}$,而碰撞后的总能量为:$\frac {1}{2}$M($\frac {P}{4M}$)_+$\frac {1}{2}$m($\frac {P}{4m}$)_<$\frac {P}{6m}$,故C正确;
D、当Mv$_1$=P时,B的动量为0,所以v$_1$=$\frac {P}{3m}$,v$_2$=0,A的速度大于B的速度,还要碰撞,不符合实际,故D错误.
故选BC
点评:
碰撞过程中动量守恒,同时要遵循能量守恒定律,不忘联系实际情况,即后面的球不会比前面的球运动的快!
由于动量是矢量,具有方向性,在讨论动量守恒时必须注意到其方向性.为此首先规定一个正方向,然后在此基础上进行研究.
如图所示,在光滑水平面上有A、B两小球沿同一条直线向右运动,并发生对心碰撞.设向右为正方向,碰前A、B两球动量分别是p_A=10kgm/s,p_B=15kgm/s,碰后动量变化可能是( )
分析:
两球碰撞过程系统动量守恒,应用动量守恒定律分析答题.
解答:
解:两物体碰撞过程系统动量守恒,碰撞过程中两物体动量变化量之和为零;碰前A、B两球动量分别是p_A=10kgm/s,p_B=15kgm/s,系统总动量向右,A在后,B在前,A追上B发生碰撞,A的速度大于B的速度,A的动量小于B的动量,则A的质量小于B的质量,碰撞过程A可能反弹,B不可能反弹;
A、如果△p_A=5kg•m/s,△p_B=5kg•m/s,系统动量变化量不为零,系统动量不守恒,故A错误;
B、如果△p_A=-5kg•m/s,△p_B=5kg•m/s,系统动量变化量为零,系统动量守恒,故B正确;
C、如果△p_A=5kg•m/s,△p_B=-5kg•m/s,说明碰撞后A的动量增加,A向右运动的速度变大,B的动量减小,B的速度减小,A的速度大于B的速度,不符合实际情况,故C错误;
D、如果△p_A=-20kg•m/s,△p_B=20kg•m/s,A的动量变为-10kg•m/s,B的动量变为:35kg•m/s,系统动量守恒,当机械能增加,不符合实际,故D错误;
故选:B.
点评:
本题考查了判断物体动量变化情况,应用动量守恒定律即可正确解题.
(多选)在光滑水平面上,两球沿球心连线以相等速率相向而行,并发生碰撞,下列现象可能的是( )
分析:
碰撞最基本的规律是系统的动量守恒,分析碰撞前后的动量,根据动量是否守恒进行判断.
解答:
解:A、若两球质量相等,碰撞前以速率相等相向而行,则系统的总动量为零.若碰撞后以某一相等速率反向而行,总动量也为零,符合动量守恒,是可能的.故A正确.
B、若两球质量相等,碰撞前以速率相等相向而行,则系统的总动量为零.若碰后以某一相等速率同向而行,总动量不等于零,不符合动量守恒这一基本规律,不可能发生.故B错误.
C、若两球质量不同,碰撞前以速率相等相向而行,系统的总动量与质量较大的物体动量方向相同;若碰后以某一相等速率反向而行,总动量也与质量较大的物体动量方向相同,而此方向与碰撞前相反,违反了动量守恒定律,不可能发生,故C错误.
D、若两球质量不同,碰撞前以速率相等相向而行,系统的总动量与质量较大的物体动量方向相同;若两球质量不同,碰后以某一相等速率同向而行,总动量可能与碰撞前动量相等,是可能发生的,故D正确.
故选:AD.
点评:
本题抓住碰撞过程的基本规律:动量守恒定律进行分析,特别要注意动量的方向,动量守恒是指总动量的大小和方向都不变,要正确全面理解.