如图所示,4匝矩形线圈abcd,ab=1m,bc=0.5m,其总电阻R=2Ω,线圈绕OO′轴在匀强磁场中匀速转动,磁感应强度B=1T,角速度ω=20rad/s,当线圈由图示位置开始转过30°时,线圈中的电流强度为( )
分析:
闭合线圈中的磁通量发生变化时,线圈中才有感应电流产生.
解答:
解:由图象可知线圈在转动的过程中,线圈平面始终与磁感线平行,穿过线圈的磁通量始终为零,即磁通量的变化率为零,所以感应电动势为零,线圈中的电流强度为零.
故选B
点评:
本题容易出错的地方在于不仔细审题,机械套用交流电电动势瞬时值表达式.
如图所示,N匝矩形导线框以角速度ω在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴OO′匀速转动,线框面积为S,线框的电阻、电感均不计,外电路接有电阻R、理想交流电流表和二极管D,二极管D具有单向导电性,即正向电阻为零,反向电阻无穷大.下列说法正确的是( )
分析:
根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和电流的定义式求解电量.从图示位置磁通量为Φ$_1$=0,转过90°磁通量为Φ$_2$=BS,△Φ=Φ$_2$-Φ$_1$.交流电压表测量有效值,由电动势的最大值、欧姆定律和有效值与最大值之间的关系求解电压的有效值.根据焦耳定律Q=I_Rt求解热量,I为有效值.
解答:
解:A、矩形闭合导线框在磁场中转动,产生的交流电的电压最大值为:
E_m=NBsω
二极管具有单向导电性,一个周期中只有一半时间电路中有电流,根据电流的热效应得:
$\frac {($\frac {E_m}{$\sqrt {2}$}$)}{R}$•$\frac {T}{2}$=$\frac {U}{R}$T
解得:U=$\frac {NBsω}{2}$
I=$\frac {U}{R}$=$\frac {NBsω}{2R}$
电流表的示数为有效值,所以电流表的示数为I=$\frac {ω}{2R}$NBS,故AB错误,D正确;
C、一个周期中只有一半时间电路中有电流,
由E=$\frac {△Φ}{△t}$,I=$\frac {E}{R}$,q=It得到电量q=E=$\frac {△Φ}{R}$=$\frac {NBS}{R}$,故C错误.
故选:D
点评:
对于交变电流,求解热量、电功和电功率用有效值,而求解电量要用平均值,注意二极管D具有单向导电性,难度不大,属于基础题.
我国使用的正弦交流的频率为50Hz,则它的( )
分析:
知道交流电的频率,根据T=$\frac {1}{f}$求出周期,一个周期内电流方向改变两次.
解答:
解:T=$\frac {1}{f}$=0.02s,所以交流电的周期是0.02s.我国交流电的频率是50Hz,表示电流方向在1s内电流改变100次.
故选B
点评:
交流电的频率表示的含义,考查频率较小,考查深度不大,能说明交流电频率的含义、周期、1s内电流方向改变多少次即可.
如图所示,电阻为r的矩形线圈面积为S,在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴以角速度ω匀速转动.t=0时刻线圈平面与磁场垂直,各电表均为理想交流电表.则( )
分析:
电压表的示数为路端电压,随外阻的变化而变化;线圈与B平行时感应电动势最大;求电量要用平均感应电动势求解;一周期电流方向改变两次.
解答:
解:A P下滑时外阻变大,电流变小,内压变小,外压变大.则A错误
B 图示位置为中性面,电动势为0.故B错误
C 由图示位置转过来180°通过的电量为:q=$\frac {△φ}{△t(R+r)}$×△t=$\frac {△φ}{(R+r)}$=$\frac {2BS}{(R+r)}$.故C错误
D 1S所完成的周期数是$\frac {1}{T}$=$\frac {1}{$\frac {2π}{ω}$}$=$\frac {ω}{2π}$,每个周期电流方向改变2次,1 s内流过R的电流方向改变$\frac {ω}{π}$次.故D正确
故选:D
点评:
对于交变电流,求解热量、电功和电功率用有效值,而求解电量要用平均值.明确在中性面感应电动势最小为0.
如图甲所示为小型旋转电枢式交流发电机的原理图,其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动,线圈的匝数n=100匝、电阻r=10Ω,线圈的两端经集流环与电阻R连接,电阻R=90Ω,与R并联的交流电压表为理想电表.在t=0时刻,线圈平面与磁场方向平行,穿过每匝线圈的磁通量Φ随时间t按图乙所示正弦规律变化.交流发电机产生的电动势的最大值为V;电路中交流电压表的示数V.
分析:
交流发电机产生电动势的最大值E_m=nBSω,根据Φ-t图线得出周期T以及磁通量的最大值Φ=BS.从而求出感应电动势的最大值;交流电压表的示数为有效值,求出电动势的有效值,根据闭合电路欧姆定律求出电压表的示数.
解答:
解:交流发电机产生电动势的最大值
E_m=nBSω
而Φ_m=BS,ω=$\frac {2π}{T}$,
所以E_m=$\frac {2nπΦ_m}{T}$
由Φ-t图线可知:Φ_m=2.0×10_Wb,
T=6.28×10_s
所以E_m=200V.
电动势的有效值E=$\frac {$\sqrt {2}$}{2}$E_m=100$\sqrt {2}$V
由闭合电路的欧姆定律,电路小电流的有效值为I=$\frac {E}{R+r}$=$\sqrt {2}$A
交流电压表的示数为U=IR=90$\sqrt {2}$V=127V.
故答案为:200V,127V.
点评:
解决本题的关键知道正弦式交流电峰值的表达式E_m=nBSω,以及知道峰值与有效值的关系.
(多选)如图所示的正方形线框abcd边长为L,每边电阻均为r,磁感应强度为B的匀强磁场中绕cd轴以角速度ω匀速转动,c、d两点与一阻值为r的电阻相连,各表均可视为理想表,导线电阻不计,则下列说法中正确的是( )
分析:
只有切割的边相当于电源,结合串并联电路分析电压电流的大小关系
解答:
解:A、线框abcd绕着垂直于磁场的转轴匀速转动,故产生的电流为交变电流,故A正确;
B、产生的交流电的最大值为E_m=BL_ω,有效值为E=$\frac {BL_ω}{$\sqrt {2}$}$,当S断开时,电压表测量的电压为CD间的电压,故U=$\frac {1}{4}$E=$\frac {$\sqrt {2}$}{8}$BL_ω,故B错误,C正确;
D、S闭合时,电路总电阻为3r+$\frac {r}{2}$,ab中电流为I=$\frac {2E}{7r}$=$\frac {$\sqrt {2}$}{7r}$BωL_,电流表读数为$\frac {I}{2}$=$\frac {$\sqrt {2}$}{14}$BωL_,故D正确;
故选:ACD
点评:
本题考查了交流电的产生过程,特别注意与串并联电路相联系,最好能画出等效电路图.
如图甲所示,在磁感应强度为B的匀强磁场中,有一匝数为n,面积为S,总电阻为r的矩形线圈abcd绕轴OO′做角速度为ω的匀速转动,矩形线圈在转动中可以保持和外电路电阻R形成闭合电路,回路中接有一理想交流电流表.图乙是线圈转动过程中产生的感应电动势e随时间t变化的图象,下列说法中正确的是( )
分析:
明确交流电的产生过程,能由法拉第电磁感应定律分析平均电动势,再由欧姆定律求出平均电流,由Q=It可求出电荷量
由图得出交流电的最大值,再由有效值与最大值的关系即可求出电流的有效值;
解答:
解:A、由图可知,t_l和t$_3$这两时刻的磁通量大小为BS,方向相反;故穿过线圈磁通量的变化量为2BS;故A错误;
B、从t$_3$到t$_4$这段时间磁通量的变化为BS,则平均电动势E=$\frac {NBS}{△t}$;因此通过电阻R的电荷量为q=$\frac {NBS}{(r+R)△t}$△t=$\frac {NBS}{R+r}$;故B错误;
C、t$_3$时刻电动势E=NBSω;则由法拉第电磁感应定律可知:E=$\frac {N△Φ}{△t}$;则穿过线圈的磁通量变化率为BSω;故C错误;
D、电流表的示数为有效值,则有:I=$\frac {E}{R}$=$\frac {NBSω}{$\sqrt {2}$(R+r)}$;故D正确;
故选:D.
点评:
本题考查交流电图象的掌握以及交流电的产生规律,要注意明确电表示数均为有效值,而求电量时用平均电动势; 同时掌握法拉第电磁感应定律的正确应用.
如图所示的正方形线框abcd边长为L,每边电阻均为r,在磁感应强度为B的匀强磁场中绕cd轴以角速度ω转动,c、d两点与外电路相连,外电路电阻也为r,则下列说法中正确的是( )
分析:
只有切割的边相当于电源,结合串并联电路分析电压电流的大小关系,求电量用平均值.
解答:
解:A、正方形线框在磁感应强度为B的匀强磁场中绕cd轴以角速度ω转动,产生的感应电动势最大值为BωL_,电源电动势为E=$\frac {$\sqrt {2}$}{2}$BωL_.
S断开时,内电路电流I=$\frac {E}{4r}$=$\frac {$\sqrt {2}$}{8r}$BωL_,电压表读数等于cd两点之间电压为U=Ir=$\frac {$\sqrt {2}$}{8}$BωL_,故B正确,A错误.
C、S闭合时,电路总电阻为3r+$\frac {r}{2}$=$\frac {7r}{2}$,ab中电流为I=$\frac {2E}{7r}$=$\frac {$\sqrt {2}$}{7r}$BωL_,电流表读数为$\frac {I}{2}$=$\frac {$\sqrt {2}$}{14r}$BωL_,故C错误;
D、S闭合时,线框从图示位置转过$\frac {π}{2}$过程中,磁通量变化△Ф=BL_,时间△t=$\frac {π}{2ω}$,产生感应电动势的平均值为$\frac {△∅}{△t}$=$\frac {2ωBL}{π}$,电流平均值为$\frac {4ωBL}{7rπ}$,流过电流表的电流平均值为I=$\frac {2ωBL}{7Rπ}$,电量为q=I△t=$\frac {BL}{7r}$,故D错误.
故选:B.
点评:
本题考查了交流电的产生过程,特别注意与串并联电路相联系,最好能画出等效电路图.
如题图所示,N匝矩形导线框以角速度ω在磁感应强度为B的匀强磁场中绕轴OO′匀速转动,线框面积为S,线框的电阻为r,电感不计,外电路接电阻R、理想交流电流表.下列说法正确的是( )
分析:
根据E_m=NBSω求解感应电动势的最大值,根据E=$\frac {E_m}{$\sqrt {2}$}$求解感应电动势的有效值,根据欧姆定律求解电流有效值,根据q=n$\frac {△Φ}{△t}$求解电量.
解答:
解:A、图示位置是中性面位置,感应电动势为零,故A错误;
B、感应电动势的最大值E_m=NBSω,故电流为:I=$\frac {E}{R+r}$=$\frac {NBSω}{$\sqrt {2}$(R+r)}$,故B正确;
C、一个周期内通过R的电荷量:q=It=n$\frac {△Φ}{R+r}$=0,故C错误;
D、感应电动势的最大值E_m=NBSω,有效值为:E=$\frac {E_m}{$\sqrt {2}$}$=$\frac {NBSω}{$\sqrt {2}$}$,
故R两端电压的有效值为:U=$\frac {E}{R+r}$R=$\frac {NBSωR}{R+r}$,故D错误;
故选:B.
点评:
本题关键记住交流发电机产生的交流电的最大值表达式E_m=NBSω,注意可以根据推论公式q=n$\frac {△Φ}{R+r}$求解电量.