如图,等边三角形ABC中,D、E分别为AB、BC边上的两动点,且总使AD=BE,AE与CD交于点F,AG⊥CD于点G,则$\frac {FG}{AF}$=.
分析:
首先根据题意推出△CAE≌△BCD,可知∠DCB=∠CAE,因此∠AFG=∠CAF+∠ACF=∠ACF+∠DCB=60°,所以∠FAG=30°,即可推出结论.
解答:
解:∵AD=BE,
∴CE=BD,
∵等边三角形ABC,
∴△CAE≌△DCB,
∴∠DCB=∠CAE,
∴∠AFG=∠CAF+∠ACF=∠ACF+∠DCB=60°,
∵AG⊥CD,
∴∠FAG=30°,
∴FG:AF=$\frac {1}{2}$.
故答案为$\frac {1}{2}$.
点评:
本题主要考查全等三角形的判定和性质、含30度角的直角三角形的性质、等边三角形的性质,解题的关键在于根据题意推出△CAE≌△DCB和∠AFG=∠CAF+∠ACF=∠ACF+∠DCB=60°.
如图所示,在等边△ABC中,点D、E分别在边BC、AB上,且BD=AE,AD与CE交于点F,则∠DFC的度数为( )
分析:
因为△ABC为等边三角形,所以∠BAC=∠ABC=∠BCA=60°,AB=BC=AC,根据SAS易证△ABD≌△CAE,则∠BAD=∠ACE,再根据三角形内角和定理求得∠DFC的度数.
解答:
∵△ABC为等边三角形
∴∠BAC=∠ABC=∠BCA=60°
∴AB=BC=AC
在△ABD和△CAE中
BD=AE,∠ABD=∠CAE,AB=AC
∴△ABD≌△CAE
∴∠BAD=∠ACE
又∵∠BAD+∠DAC=∠BAC=60°
∴∠ACE+∠DAC=60°
∵∠ACE+∠DAC+∠AFC=180°
∴∠AFC=120°
∵∠AFC+∠DFC=180°
∴∠DFC=60°.
故选A.
点评:
本题考查了全等三角形的判定、等边三角形性质、三角形内角和定理及外角性质,综合性强,考查学生综合运用数学知识的能力.
如图,在等边△ABC中,点D、E分别在边BC,AB上,且BD=AE,AD与CE交于点F.则∠DFC=度.
分析:
由已知条件得到三角形全等,即△ABD≌△CAE,得出角相等,∠ACE=∠BAD,再利用角的等效代换求出结论.
解答:
解:∵AB=AC,BD=AE,∠B=∠ACB=60°
∴△ABD≌△CAE,
∴∠ACE=∠BAD,
∵∠BAD+∠DAC=60°
∴∠CAD+∠ACE=∠CAD+∠BAD=∠BAC=60°,
∠CAD+∠ACE=∠DFC,
∴∠DFC=60°.
故答案为:60.
点评:
本题考查了等边三角形的性质;会利用全等求解角相等,能够运用等效代换解决一些简单的问题.
如图,已知等边三角形ABC中,BD=CE,AD与BE交于点P,则∠APE=°.
分析:
根据等边三角形的性质可得AB=BC,∠ABC=∠C=60°,然后利用“边角边”证明△ABD和△BCE全等,根据全等三角形对应角相等可得∠BAD=∠CBE,再根据三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和求出∠APE=∠ABC,从而得解.
解答:
解:在等边△ABC中,AB=BC,∠ABC=∠C=60°,
在△ABD和△BCE中,
∵$\left\{\begin{matrix}AB=BC \ ∠ABC=∠C=60° \ BD=CE \ \end{matrix}\right.$,
∴△ABD≌△BCE(SAS),
∴∠BAD=∠CBE,
在△ABP中,∠APE=∠BAD+∠ABP=∠CBE+∠ABP=∠ABC=60°,
即∠APE=60°.
故答案为:60.
点评:
本题考查了等边三角形的性质,全等三角形的判定与性质,三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和的性质,证明△ABD和△BCE全等是解本题的难点,也是关键.
如图,等边三角形ABC中,D、E分别为AB、BC边上的两个动点,且总使BD=CE,AE与CD交于点F,AG⊥CD于点G,则以下结论:(1)△ACE≌△CBD;(2)∠AFG=60°;(3)AF=2FG;(4)AC=2CE.其中正确的结论有( )个.
分析:
(1)由△ABC是等边三角形,可得AC=CB,∠ACE=∠B=60°,又由BD=CE,即可证得△ACE≌△CBD;[br](2)由△ACE≌△CBD,可得∠CAE=∠BCD,然后又三角形外角的性质,求得∠AFG=∠ACF+∠CAE=∠ACF+∠BCD=∠ACE=60°;[br](3)由∠AFG=60°,AG⊥CD,可得∠FAG=30°,即可证得AF=2FG;[br](4)由AC=BC,且BC不一定等于2CE,可得AC不一定等于2CE
解答:
点评:
此题考查了等边三角形的性质、全等三角形的判定与性质以及含30°角的直角三角形的性质.此题难度适中,注意掌握数形结合思想的应用.